On considère la fonction $g$ définie par : $g(x) = \frac{x^2+1}{x+1}$. Déterminer le point $x_0$ où la tangente à $C_g$ est parallèle à la droite d'équation $y=x$.

$x_0=\emptyset$ (ensemble vide)

Soit $z = \frac{(1-i)^{10}}{(1+i\sqrt{3})^4}$. Quelle est la bonne réponse ?

$\arg z = \frac{\pi}{6} \ [2\pi]$

$\arg z = \frac{3\pi}{2} \ [2\pi]$

$\arg z = \frac{\pi}{2} \ [2\pi]$

$z_1=1, z_2=\omega, z_3=\omega^2$ où $\omega=e^{i\frac{2\pi}{3}}$

$z_1=1, z_2=\frac{1}{2}+i\frac{\sqrt{3}}{2}, z_3=-\frac{1}{2}-i\frac{\sqrt{3}}{2}$

$z_1=1, z_2=-\omega, z_3=-\omega^2$ où $\omega=e^{i\frac{2\pi}{3}}$

$\lim_{n \to +\infty} U_n = +\infty$ ;

$\lim_{n \to +\infty} U_n = 1$ ;

La suite $(U_n)$ est divergente ;

L'équation (E) n'admet pas de solution.

$D_f = ]-\infty, -1[ \cup ]0, +\infty[$

Il existe $c \in ]0,1]$ tel que $f(c) = 0$ ;

$\lim_{x \to 0^+} f(x) = -\infty$

On considère la fonction

f

définie par :

f (x) = x - \frac{( l n ( x ) ) ^{2}}{x}

f^{'} = 1 + \frac{2 l n ( x ) - ( l n ( x ) ) ^{2}}{x ^{2}}

f^{'} = 1 - \frac{2 l n ( x ) - ( l n ( x ) ) ^{2}}{x ^{2}}

f^{'} = - 1 + \frac{2 l n ( x ) - ( l n ( x ) ) ^{2}}{x ^{2}}

f^{'} = - 1 - \frac{2 l n ( x ) - ( l n ( x ) ) ^{2}}{x ^{2}}

f^{'} = 1 + \frac{2 l n ( x ) + ( l n ( x ) ) ^{2}}{x ^{2}}